这样判断不是引用文件？

这样写的三个if句，不是引用文件 吧？我的理解是判断有没有，但不是引用！
如果不是引用的话，那这三个文件中的方法或设置啥的都没有引过来，比如它里面的函数或是变量常量啥的都没有引过来，还是不能用！不知这么理解对吗

if (!@include(dirname(dirname(__file__)).'/global.php')) exit('global.php isn\'t exists!');if (!@include(base_path.'/control/control.php')) exit('control.php isn\'t exists!');if (!@include(base_core_path.'/33hao.php')) exit('33hao.php isn\'t exists!');

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回复讨论(解决方案)

是引用，判断有没有，有的话就引用进来了。

如果引用文件失败，则退出

是引用，判断有没有，有的话就引用进来了。

如果引用文件失败，则退出

为什么呢？
if (!@ include(dirname(dirname(__FILE__)).'/global.php')) exit('global.php isn\'t exists!');
include(dirname(dirname(__FILE__)).'/global.php') 用于引入 global.php 文件，这没有异议吧？
如果失败将返回假，并伴随错误信息。屏蔽掉错误信息后
var_dump(@include('global.php')); //bool(false)

这样还不能理解吗？

为什么呢？
if (!@ include(dirname(dirname(__FILE__)).'/global.php')) exit('global.php isn\'t exists!');
include(dirname(dirname(__FILE__)).'/global.php') 用于引入 global.php 文件，这没有异议吧？
如果失败将返回假，并伴随错误信息。屏蔽掉错误信息后
var_dump(@include('global.php')); //bool(false)

这样还不能理解吗？

为什么呢？
if (!@ include(dirname(dirname(__FILE__)).'/global.php')) exit('global.php isn\'t exists!');
include(dirname(dirname(__FILE__)).'/global.php') 用于引入 global.php 文件，这没有异议吧？
如果失败将返回假，并伴随错误信息。屏蔽掉错误信息后
var_dump(@include('global.php')); //bool(false)

这样还不能理解吗？

那就请你动手做以下，以清除错误的想法

IF判断需要执行括号里的运算，include 执行完毕（成功）将返回1，SO

IF判断需要执行括号里的运算，include 执行完毕（成功）将返回1，SO

include就是引用包含的意思啊，可以去看下手册，引用失败就退出。如果只是判断存不存用file_exists()就可以了。